限时训练(三十三) 一、选择题本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的. (1)设集合,,则( ). A. B. C. D. (2)已知复数(其中,为虚数单位)是纯虚数,则的模为( ). A. B. C. D. (3)某产品在某销售点的零售价(单位元)与每天的销售量(单位个)的统计数据如下表所示( ). 16 17 18 19 50 34 41 31 由表可得回归直线方程中的,根据模型预测零售价为20元时,每天的销售量约为( ). A. 30 B. 29 C. 27.5 D. 26.5 (4)若非零向量,满足,且,则与的夹角为( ). A. B. C. D. (5)中,角,,的对边分别为,,,若的面积,则( ). A. B. C. D. (6)已知是定义在上的奇函数,且在上是增函数,若,,,则,,之间的大小关系为( ). A. B. C. D. (7).中国古代数学名著九章算术中记载了公元前344年商鞅制造一种标准量器﹣商鞅铜方升,其三视图(单位寸)如图所示,若取3 ,其体积为12.6(立方寸),则图中 的为( ) A. 2.5 B. 3 C. 3.2 D. 4 (8)将函数的图像向左平移个单位,所得图像对应的函数为奇函数,则的最小值为( ). A. B. C. D. (9)已知双曲线 的右顶点为,过右焦点的直线与的一条渐近线平行,交另一条渐近线于点,则( ) A. B. C. D. (10)斐波拉契数列0,1,1,2,3,5,8,是数学史上一个著名的数列,定义如下,,,某同学设计了个求解斐波拉契数列前15项和的程序框图,那么在空白矩形框和判断框内应分别填入的语句是( ). A. B. C. D. (11)如图所示,已知棱长为4的正方体,是正方形的中心,是内(包括边界)的动点.满足,则点的轨迹长度是( ). A. B. C. D. (12)已知函数,若恒成立,则的取值范围是( ). A. B. C. D. (13)若满足约束条件,则的最大值为_____________. (14)若,,,,则的值为 . (15)已知抛物线,点,点在抛物线上,当点到抛物线准线的距离与点到点的距离之和最小时,延长交抛物线于点,则的面积为__________. (16)给出下列四个命题①“若,则或”是假命题;
②已知在中,“”是“”成立的充要条件;
③若函数 ,对任意的都有<0,则实数的取值范围是;
④若实数, ,则满足的概率为. 其中正确的命题的序号是__________(请把正确命题的序号填在横线上). 限时训练(三十三) 答案部分 一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 D B D B C C B D D B D D 二、填空题 13. 14. 15. 16. ②④ 解析部分 (1)分析 集合是具体的整数, 集合是一元二次不等式,先求解,然后求出集合的补集,然后求交集. 解析 对于集合,由,得,解不等式得 ,所以.故选D. (2)分析 由已知条件利用复数代数形式的除法运算法则,再由纯虚数的概念,求出,由此能求出.再求模. 解析 是纯虚数,则,解得, 所以.故选B. (3)分析 由统计中回归直线方程的意义,先计算平均数,代入回归方程可求得,然后可以将20直接代入求解. 解析 ,所以, 因此.故选D. (4)分析 由向量垂直得到向量的数量积为零,再由向量数量积公式求夹角. 解析 由得,,即, 所以由向量的夹角公式可得, 又,所以.故选B. (5)分析 根据题意画出三角形,考虑用正弦定理和余弦定理求解,由于本题条件可以用余弦定理化为,因此选用,可进一步解出的值. 解析 由余弦定理,所以, 又因为, 又由,, ,即,,.故选C. (6)分析 根据函数的奇偶性,由于是定义在上的奇函数,且在上是增函数,则在上也是增函数,画出图像,再根据自变量的取值来判断. 解析 因为,,,所以由题设可得,故.故选C . (7)分析 根据三视图可得商鞅铜方升由一圆柱和一长方体组合而成.由此画出大致的立体图形来求解. 解析 由三视图知,商鞅铜方升由一圆柱和一长方体组合而成,由题意得,,解得.故选B. (8)分析 根据三角函数的关系式,通过二倍角公式可恒等变形为,再根据平移的特点,平移后函数 为奇函数可得. 解析 ,平移后函数 为奇函数,所以 , 解得,所以当 时, 有最小值 .故选D. (9)分析 根据双曲线方程可以求出右顶点为和焦点,再根据渐近线的特征,可求点,从而可要求面积. 解析 因为,渐近线方程为,所以直线的方程为,与联立可得;
又因为,所以.应选答案D. (10)分析 根据算法的程序框图,准确进行循环代入计算 解析 依题意知,程序框图中变量为累加变量,变量其中为数列连续三项,在每一次循环中,计算出的值后,变量的值变为下一个连续三项的第一项,即,变量的值为下一个连续三项的第二项,即,所以矩形框应填入,又程序进行循环体前第一次计算的值时已计算出数列的前两项,因此只需要循环12次就完成,所以判断框中应填入.故选B. (11)分析 满足的点的轨迹是过的中点,且与垂直的平面,根据是内(包括边界)的动点,可得点的轨迹是两平面的交线.在中点,在4等分点,利用余弦定理,求出即可. 解析 满足的点的轨迹是过的中点,且与垂直的平面,因为是内(包括边界)的动点,所以点的轨迹是两平面的交线.在中点,在4等分点时,,,满足所以, ,所以.故选D. (12)分析 在直角坐标系内作出函数的图像与直线的图像,结合导数的几何意义求解,充分体现图形的作用. 解析 在直角坐标系内作出函数的图像与直线的图像,因为当时,,,,即当直线与相切时,,数形结合可得,的取值范围是.故选D. (13)分析 根据题意在直角坐标系中作出可行域,再根据目标函数来求解. 解析 如图所示可得在处取得最大值,即. (14)分析 本题的解题关键在于根据已知条件进行拆分和揍角,注意角的范围.据题设条件,观察出角之间的关系,将表示 ,从而将问题进行等价转化,从而使得问题巧妙获解. 解析 .故填. (15)分析 由题可知当点到抛物线准线的距离与点到点的距离之和最小时,根据抛物线性质抛物线上一点到准线的距离等于到焦点的距离,所以当三点共线时达到最小值. 解析 由,可得,联立抛物线方程可得 ,设点,故,原点到直线的距离为,所以的面积为,因此填. (16)分析 根据命题进行逐一判断. 解析 因为 “若,则或”的逆否命题“若且,则”是真命题,所以①是错误;
因为,所以②正确;
若函数,对任意的都有可得函数为减函数,即, ,因此③错误;
根据几何概型概率公式可得实数, ,则满足的概率为,④正确.故答案为②④.