多选选对4分，不全2分，有错误选项不得分） 1. 关于电场，下列说法中正确的是（ ） A. 电场是电荷周围空间实际存在的物质 B. 电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型 C. 电荷周围分布的电场线就是电场 D. 电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的 【答案】A 【解析】解A、电场是实际存在的物质，不是理想化模型．故A正确，B错误． C、电荷的周围存在电场，而电场线是假想的，故C错误． D、电荷间的相互作用是通过电场作媒介产生的．故D错误． 故选A． .................. 2. 在x轴的原点O和轴上正方向处的P点，分别固定同种电荷Q1和Q2，已知Q1＞Q2，OP距离为2d，则场强为零的坐标x区间为（ ） A. x＞0 B. 0＜x＜d C. d＜x＜2 d D. x＞2 d 【答案】C 【解析】因同种电荷Q1和Q2，由点电荷电场强度的公式，可知场强为零的坐标x区间在两固定的电荷之间；
又已知Q1Q2，因此零电场强度的位置偏离点电荷Q1，偏向点电荷Q2，则场强为零的坐标x区间为d＜x＜2d；
故C正确，A、B、D错误；
故选C． 【点睛】考查点电荷电场强度的公式应用，理解矢量合成法则，掌握库仑定律的内容，注意电场强度的矢量性． 3. 设星球带负电，一带电粉尘悬浮在距星球表面1000km的地方，又若将同样的带电粉尘带到距星球表面2000km的地方相对于该星球无初速释放，忽略星球自转的影响（即粉尘不需要向心力），则此带电粉尘（ ） A. 向星球下落 B. 仍在悬浮 C. 推向太空 D. 无法判断 【答案】B 【解析】当带负电粉尘在高度为h处平衡．则有，r为星球的半径；
当h变2h时，两力仍然平衡有．故选B． 【点睛】本题容易出错，学生往往认为随着间距的变化，库仑力在变化，而却忽略了引力随着高度也会发生变化．注意这里的高度与星球半径相比不能忽略． 4. 如图所示，匀强电场中三点A、B、C是一个三角形的三个顶点，∠ABC∠CAB30，BCm．已知电场线平行于△ABC所在的平面，一个电荷量q﹣110﹣6 C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加了1.210﹣5J，由B移到C的过程中电场力做功610﹣6 J，下列说法正确的是（ ） A. 该匀强电场的场强E1 V/m B. A点的电势低于B点的电势 C. B、C两点的电势差UBC6 V D. A、C两点的电势差UAC6V 【答案】D 【解析】C、B、C两点的电势差，故C错误．B、A、B两点的电势差，而，即A点电势高于B点电势，B错误。D、而UACUABUBC6V，故D正确。A、由三点的电势差关系可知AB的中点电势为6V与C点等势，即AB线为电场线，故，故A错误。故选D. 【点睛】本题要掌握电势差公式求解电势差．UABφA-φB，根据电势差的正负，判断电势的高低． 5. 铜的摩尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子中有n个自由电子（电量为e），今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为 A. 光速c B. C. D. 【答案】D 【解析】单位长度质量为M′ρS1；
单位长度原子数为；
每个铜原子可以提供一个自由电子，故电子数为；
电流；
而；
解得；
故选D． 【点睛】本题关键是建立物理模型，根据电流的定义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁． 6. 如图所示的电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，R1和R2是两个定值电阻。当滑动变阻器的触头向a滑动时，流过R1的电流I1和流过R2的电流I2的变化情况为（ ） A. I1增大，I2减小 B. I1减小，I2增大 C. I1增大，I2增大 D. I1减小，I2减小 【答案】B 【解析】试题分析当滑动变阻器的触头向a端滑动时，滑动变阻器阻值减小，由“串反并同”的结论可知流过R2的电流增大，流过R1的电流减小，故选B 考点考查闭合电路的动态变化 点评本题难度较小，可根据闭合电路的动态分析判断，先分析局部电阻变化，再分析整体电阻和电流的变化，再分析电源内电阻分得电压变化，最后分析路端电压和局部电流的变化，或者直接应用“串反并同”的结论判断 7. 如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总阻值是R1，电阻大小关系为R1＋R2＝r，则在滑动触头从a端滑到b端过程中，下列描述错误的是 A. 电路的总电流先减小后增大 B. 电路的路端电压先增大后减小 C. 电源的输出功率先增大后减小 D. 滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大 【答案】D 【解析】A、当滑动变阻器从a→b移动时R1作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知电流是先减小后增大，故A正确；
B、路端电压UE-Ir，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，故B正确；
C、当R外r的时候电源的输出功率最大，当滑片在a端或者b端的时候，电路中R外R2r,则随着外电阻的先增大后减小，由图象的单调性可知输出功率是先增大后减小的，故C正确；
D、滑动变阻器的总电阻R1R2r，则滑片向右滑，R1的总阻值先增大后减小，则滑动变阻器上消耗的功率是先增大后减小，故D错误．本题选错误的故选D. 【点睛】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P从最右端→中间→左端总电阻变化情况的判断． 8. 现有一欧姆表，其内部电源电动势为1.5V，电流表满偏电流为10mA. 该欧姆表使用了一段时间后电源电动势降为1.2V，并且经欧姆调零后，测得某电阻Rx的阻值读数为120Ω，则Rx的实际电阻为多少 A154Ω B120Ω C96Ω D72Ω 【答案】C 【解析】设欧姆表的内阻为R中，当测量值为120Ω时的电流值为；
调零后内阻为，则电动势为E′1.2V，电流值为时的电阻值为R测，则，解得R测96Ω.故选C. 【点睛】本题考查欧姆表的原理及测安法测电阻的基本原理，注意根据闭合电路欧姆定律即可求解． 9. 如图所示，虚线是带电粒子在电场中运动的径迹，不考虑重力和空气阻力，粒子在由电场中的A点运动到B点的过程中，以下判断正确的是（ ） A. 粒子带正电 B. 粒子在A点受到的电场力的大小比在B点受到的大 C. 粒子在A点的动能比在B点的动能大 D. 粒子在A点的电势能比在B点的电势能大 【答案】BC 【解析】A、物体做曲线运动时，受到的合力的方向指向轨迹弯曲的内侧，由此可知，该粒子受到的电场力的方向逆着电场线向左，所以粒子带负电，故A错误；
B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，A点的电场线密，场强大，所以粒子在A点时受到的电场力的大小比在B点受到的大，故B正确；
C、D、粒子在由电场中的A点运动到B点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角为钝角，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增加，所以粒子在A点的动能比在B点的动能大，粒子在A点的电势能比在B点的电势能小，C正确，D错误；
故选BC. 【点睛】对于本题关键是根据粒子运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，运用力学知识来研究粒子在电场中运动的问题． 10. 两个大小相同的小球带有同种电荷，质量分别为m1和m2，带电量分别为q1和q2，用绝缘细线悬挂后，因静电力而使两悬线张开，分别与铅垂线方向成夹角α1和α2，且两球静止时同处一水平线上，若α1α2，则下述结论正确的是（ ） A. q1不一定等于q2 B. 一定满足 C. m1一定等于m2 D. 必然同时满足q1q2，m1m2 【答案】AC 【解析】题中电荷电量可能不同，也可能相同，但各自所受的电场力F大小却相同，方向相反．由于α1α2，它们与竖直线所成的角度相等，且两球同处一水平线上，所以根据共点力平衡条件可确定Fm1tanα1m2tanα2，则m1m2，它们的质量一定相等．故AC正确，BD错误． 故选AC． 点睛本题中库仑力是两个小球联系的纽带，由平衡条件分别找出两个小球的质量与库仑力关系是解题的关键。
11. 如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为固定电阻，当滑动变阻器R的触头向下移动时，下列论述正确的是（ ） A. 灯泡L一定变亮 B. 电流表的示数变大 C. 电压表的示数变小 D. R0消耗的功率变小 【答案】AD 【解析】试题分析当R的滑动触点向下滑移动时，R变大，外电路总电阻变大，则由闭合电路欧姆定律知，总电流变小，路端电压变大，则电压表读数变大．灯泡L的电压变大，则灯L一定变亮．电路中并联部分电压变大，通过L的电流变大，而总电流减小，则电流表A的读数减小，R0消耗的功率变小．故ABD正确，C错误．故选C。
考点电路的动态分析 【名师点睛】此题是关于电路的动态分析问题；
关键是搞清电路的结构，先分析变化的电阻的阻值变化情况，然后分析整个电路的电阻变化，再分析整个电路的电流计路端电压的变化，最后回到电路的各个部分，所谓的“局部-整体-局部”的分析思路. 12. 如图所示的电路中，在竖直放置的平行板电容器的金属板内侧表面系一绝缘细线，细线下端系一带电小球，带电小球静止时绝缘细线与金属板的夹角为θ；
R1为电阻箱，R2为滑动变阻器，R3为定值电阻．闭合开关S，此时R2的滑片在正中间，电流表和电压表的示数分别为I和U．已知电源电动势E和内阻r一定，电表均为理想电表．以下说法正确的是（ ） A. 保持R2不变，增大阻值R1则夹角θ变大 B. 小球带正电，将R2的滑片向左端滑动过程中会有电流流过R2 C. 增大R1，则I读数变小，U读数变小 D. 减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变 【答案】AD 【解析】A、增大R1的阻值，即增大R1的电压，即电容器的电压变大，由可知电场强度增大，则平衡时小球的偏角变大，故A正确。B、电容器板间电场方向水平向右，小球受到的电场力也水平向右，所以小球带正电．将R2的滑片向左端滑动过程中，电容器的电压不变，带电量不变，没有电流通过R2，故B错误．C、增大R1，电路中电流减小，路端电压增大，则I读数变小，U读数变大，故C错误．D、根据闭合电路欧姆定律得UE-Ir，得，保持不变，即减小R1，则U的变化量的绝对值与I的变化量的绝对值的比值不变．故D正确．故选AD. 【点睛】解决本题的关键抓住电源的电动势和内阻不变，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析．要明确与电容器串联的电阻，在电路稳定时相当于导线． 二、实验题（共16分，13题8分，14题8分，每空2分，电路图2分） 13. 为测定一电阻约为10Ω，额定电流为0．4A的电阻器的电阻，现准备有下列器材 （A）电源E 内阻不计的6V；
（B）电流表A1 量程为0～3A、内阻约为0．06Ω；
（C）电流表A2 量程为0～0．6A、内阻约为0．3Ω；
（D）电压表V1 量程为0～15V、内阻约为50KΩ；
（E）电压表V2 量程0～5V、内阻约为10KΩ；
（F）滑动变阻器R1 量程为0～10Ω；
（G）滑动变阻器R2 量程为0～1500Ω；
（H）电键S和导线若干。
（1）实验中要求通过待测电阻的电流能从0起逐渐增大，为尽可能较精确地测出该电阻的阻值，并且调节方便，应用的电流表为________，电压表为_______，滑动变阻器为________（填器材符号） （2）画出