从n＝4跃迁到n＝3的能级差小于n＝3跃迁到n＝2的能级差，所以波长大于656 nm，AB错误 C.根据波尔理论氢原子从n＝3跃迁到n＝2的能级时，辐射光的波长为656 nm.，从n＝2跃迁到n＝3的能级需吸收波长为656 nm的光子，C错误 D.一群处于n＝3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生种谱线，D正确 2.如图所示为等量的正、负电荷，A、B为两电荷的连线上的两点，C、D为中垂线上的两点。则关于电场性质的下列说法正确的是 A. 自A至B电场强度先增强后减弱；
自C至D先减弱后增强 B. 自A至B电场强度先减弱后增强；
自C至D电场强度先增强后减弱 C. 自A至B 电势先降低后增高 D. 自C至D电势一直降低 【答案】B 【解析】 【详解】AB.根据等量异种电荷场强分布特点，连线中点处场强最小，所以从A至B电场强度先减弱后增强，中垂线中点处，场强最大，从C至D电场强度先增强后减弱，A错误B正确 CD.等量异种电荷的中垂面是一个等势面，C至D电势不变；
连线上电场线从A指向B，沿电场线方向电势逐渐降低，所以A至B 电势一直降低，CD错误 3.2020年1月，出现在中国海军坦克登陆舰上的电磁轨道炮在全球“刷屏”，这是电磁轨道炮全球首次实现舰载测试。如图所示为电磁炮的简化原理示意图，它由两条水平放置的平行光滑长直轨道组成。轨道间放置一个导体滑块作为弹头。当电流从一条轨道流入，经弹头从另一条轨道流回时，在两轨道间产生磁场，弹头就在安培力推动下以很大的速度射出去。不计空气阻力，将该过程中安培力近似处理为恒力，为了使弹丸获得更大的速度，可适当 A. 减小平行轨道间距 B. 增大轨道中的电流 C. 缩短轨道的长度 D. 增大弹丸的质量 【答案】B 【解析】 【详解】根据题意，安培力的功等于弹头获得的动能。轨道间距减小，安培力减小，安培力做功减小，弹头获得动能减小，速度减小，故A错误；
增大轨道中电流，安培力增大，安培力做功增大，弹头获得动能增大，速度增大，故B正确；
缩短轨道长度，安培力做功减小，弹头获利动能减小，速度减小，故C错误；
只增大弹丸质量，安培力做功不变，弹头获得动能不变，所以速度减小，D错误；
综上所述，选项B正确。
4.如图甲所示，在光滑水平面上，一个正方形闭合线框abcd在水平外力的作用下，从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动穿过匀强磁场。线框中产生的感应电流i和运动时间t的变化关系如图乙中的实线所示，则线框边长与磁场宽度两边界之间的距离的比值为 A. 1︰3B. 1︰2C. 3︰8D. 3︰5 【答案】C 【解析】 【详解】匀加速，所以速度，位移，感应电动势，感应电流，联立解得，所以图面积代表，当线圈全进入磁场后，感应电流为零，根据图像可知2s-4s，线圈进入磁场，位移为线圈的边长，2s-6s线圈从磁场左边界运动到磁场右边界，位移为磁场宽度，根据面积比等于相似比的平方，可求得两端面积比，即线框边长与磁场宽度两边界之间的距离的比值为38，ABD错误C正确 5.如图所示，在匀强磁场中有一矩形单匝线圈，线圈两端外接一电阻和一个交流电流表。若线圈绕对称轴OO′匀速转动，从中性面开始计时，闭合电路中产生的感应电流的瞬时值i＝sin50πtA，下列说法正确的是 A. 在t＝0时，感应电流i为0，电流表示数为0 B. 在t＝0时，感应电流i为0，电流表示数为1A C. 在t＝0时，感应电流i为0，电流表示数为A D. 在t＝0.01s时，感应电流iA，电流表示数为A 【答案】B 【解析】 【详解】ABC、在t＝0时，线圈处于中性面位置，磁通量最大，感应电动势为零，感应电流为零，由于电流表测量有效值，所以电流表的示数，故B正确，A、C错误；
D、在t＝0.01s时，线圈平面转动，线圈处于垂直中性面位置，感应电流最大为，电流表的示数，，故D错误；
故选B。
6.下列说法正确的是 A. β衰变释放出电子，说明原子核内有电子 B. 氡的半衰期为3.8天，8个氡原子核经过7.6天后剩下2个氡原子核 C. 原子核的比结合能越大，原子核越稳定 D. 用频率为ν入射光照射光电管的阴极，遏止电压为Uc，改用频率为2ν的入射光照射同一光电管，遏止电压大于2Uc 【答案】CD 【解析】 【详解】A.β衰变的本质是核内的一个中子转化成了一个质子和一个电子，原子核内没有电子，A错误 B.半衰期是大量样本的统计规律，对8个来说并不适用，B错误 C.原子核的比结合能越大，说明结合过程中每个核子平均能量损失越大，原子核越稳定，C正确 D.根据光电效应方程，当频率为ν时，遏止电压为Uc，当频率为2ν时，根据方程可得遏止电压大于2Uc，D正确 7.如图所示，A、B两相同金属板水平放置。现让两板带上等量异种电荷，两板间形成竖直方向的匀强电场。将一带电粒子沿水平方向从A板左侧靠近A板射入电场中。当粒子射入速度为v1时，粒子沿轨迹Ⅰ从两板正中间飞出，电场力做功为W1；
当粒子射入速度为v2时，粒子沿轨迹Ⅱ落到B板正中间，电场力做功为W2。不计粒子重力，则 A. v1∶v2＝2∶1B. v1∶v2＝2∶1 C. W1∶W2＝1∶1D. W1∶W2＝1∶2 【答案】AD 【解析】 【详解】粒子在电场中做类平抛运动，根据规律，竖直方向，水平方向匀速，联立解得，所以v1∶v2＝2∶1；
电场力做功，，联立可得W1∶W2＝1∶2，BC错误AD正确 8.如图所示，一圆柱形简内存在匀强磁场，该筒横截面的半径为R，磁场方向垂直于横藏面向里，图中直径MN的两端分别开有小孔，在该截面内，有质量为m、电荷量为q的带负电的粒子从M端的小孔射入简內，射入时的速度方向与MN成角。当圆简绕其中心轴以角速度w顺时针转动角时，该粒子恰好飞出圆筒。不计粒子重力，粒子在筒内未与简壁发生碰撞，则下列说法正确的是 A. 筒内磁场的磁感应强度大小为 B. 筒内磁场的磁感应强度大小为 C. 粒子飞入的速度大小为 D. 粒子飞入的速度大小为Rw 【答案】BC 【解析】 【详解】根据题意，粒子运动的时间为，带负电的粒子的轨迹图象如图所示 根据几何关系可知粒子运动的圆心角为，粒子在磁场运动的时间，根据牛顿第二定律，圆周运动公式，解得，联立解得，故B正确，A错误。根据几何关系可知粒子的半径为R，根据牛顿第二定律，解得半径为，结合B的大小得到，故C正确，D错误。
三、非选择题 一必考题 9.用游标卡尺测铁片厚度的读数如图1所示，读数为__________mm。用螺旋测微器测一圆形工件的直径读数如图2所示，读数为__________mm。
【答案】①10.50 ② 4.600 【解析】 【详解】游标卡尺读数为1cm0.05mm1010.50mm。
螺旋测微器的读数4.5mm0.01mm10.04.600mm. 10.为了测量某一未知电阻Rx阻值约为6 Ω的阻值，实验室里准备了以下器材 A．电源，电动势E＝3.0 V B．电压表V1，量程3 V，内阻约5 kΩ C．电压表V2，量程15 V，内阻约25 kΩ D．电流表A1，量程0.6 A，内阻约0.2 Ω E．电流表A2，量程3 A，内阻约0.04 Ω F．滑动变阻器R1，最大阻值5 Ω，最大电流为3 A G．滑动变阻器R2，最大阻值200 Ω，最大电流为1.5 A H．开关S、导线若干 （1）在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求尽可能准确，并且待测电阻两端的电压从零开始连续调节，则在上述提供的器材中电压表应选________；
电流表应选________；
滑动变阻器应选________。填器材前面的字母代号 （2）请在虚线框内画出用伏安法测量该电阻阻值时的实验电路图_______。
（3）请根据电路图将下列实物图补充完整__________。
【答案】 1. （1）B 2. D 3. F 4. （2） 5. （3） 【解析】 【详解】（1）因为电动势只有3V，所以电压表原则B；
通过待测电阻最大电流，所以电流表选择D；
电压要求从零开始调节，所以选择分压式电路，滑动变阻器选择总阻值较小的F （2）该实验选择分压电路，因为，所以电流表选择外接法，电路图如下 （3）根据电路图连接实物图 11.如图所示，一颗质量为m子弹水平打中悬挂在O点的质量为M的木块，绳子长L。子弹嵌在木块中一起上升，恰好能够到达最高点，这时被P处的刀片割断绳子（无能量损失）。求 （1）子弹木块飞出后落在了与圆心等高平台上的A点，A到O点的距离是多少 （2）在最低点处，子弹打中木块后瞬间，它们的速度有多大 （3）子弹打中木块前的初速度是多少 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【详解】（1）木块恰好能够到达最高点，则 木块过最高点后做平抛运动，则有 A到O点的距离为 联立可得 （2）从最低点到最高点根据动能定理可得 解得 （3）根据动量守恒可得 解得 12.如图甲所示，斜面倾角为θ37，一宽为d0.65m的有界匀强磁场垂直于斜面向上，磁场边界与斜面底边平行。在斜面上由静止释放一矩形金属线框，线框沿斜面下滑，下边与磁场边界保持平行。取斜面底部为重力势能零势能面，从线框开始运动到恰好完全进入磁场的过程中，线框的机械能E和位移x之间的关系如图乙所示，图中①、②均为直线段。已知线框的质量为M0.1 kg，电阻为R0.06 Ω．（取gl0ms-2, sin 370.6, cos 370.8求 1线框与斜面间的动摩擦因数μ；
2线框刚进入磁场到恰好完全进入磁场所用的时间t 3线框穿越磁场的过程中，线框中的最大电功率Pm。
【答案】0.5；
1/6s；
0.54W 【解析】 【详解】（1）由能量守恒定律，线框减小的机械能等于克服摩擦力做功，则 其中x10.36m；
解得μ0.5 （2）金属线框进入磁场的过程中，减小的机械能等于克服摩擦力和安培力做的功，机械能均匀减小，因此安培力也是恒力，线框做匀速运动，速度为v1 v122ax1 解得a2m/s2 v11.2m/s 其中 x2为线框的侧边长，即线框进入磁场过程中运动的距离，可求出x20.2m， 则 （3）线框刚出磁场时速度最大，线框内电功率最大 由 可求得v21.8m/s 根据线框匀速进入磁场时 可得FA0.2N 又因为 可得 将v2、B2L2带入可得 二选考题 【物理选修3－3】 13.关于分子动理论和物体的内能，下列说法正确的是__________。
A. 物体的温度升高时，分子热运动的平均动能一定增大 B. 能出污泥而不染，说