2．关于散射，下列说法正确的是 A．散射就是乱反射，毫无规律可言 B．散射中没有对心碰撞 C．散射时仍遵守动量守恒定律 D．散射时不遵守动量守恒定律 解析选C 由于散射也是碰撞，所以散射过程中动量守恒。
3.如图1所示，两滑块A、B在光滑水平面上沿同一直线相向运动，滑块A的质量为m，速度大小为2v0，方向向右，滑块B的质量为2m，速度大小为v0，方向向左，两滑块发生弹性碰撞后的运动状态是 图1 A．A和B都向左运动 B．A和B都向右运动 C．A静止，B向右运动 D．A向左运动，B向右运动 解析选D 选向右为正方向，则A的动量pA＝m2v0＝2mv0。B的动量pB＝－2mv0。碰前A、B的动量之和为零，根据动量守恒，碰后A、B的动量之和也应为零，可知四个选项中只有选项D符合题意。
4.A、B两物体发生正碰，碰撞前后物体A、B都在同一直线上运动，其位移时间图像如图2所示。由图可知，物体A、B的质量之比为 图2 A．1∶1 B．1∶2 C．1∶3 D．3∶1 解析选C 由图像知碰前vA＝4 m/s，vB＝0。碰后vA′＝vB′＝1 m/s，由动量守恒可知mAvA＋0＝mAvA′＋mBvB′，解得mB＝3mA。故选项C正确。
5．甲、乙两球在光滑水平轨道上同向运动，已知它们的动量分别是5 kgm/s和7 kgm/s，甲追上乙并发生碰撞，碰撞后乙球的动量变为10 kgm/s，则两球质量m甲与m乙的关系可能是 A．m乙＝m甲 B．m乙＝2m甲 C．4m甲＝m乙 D．m乙＝6m甲 解析选C 碰撞前，v甲v乙，即，可得；
碰撞后，v甲≤v乙，即≤，可得≥；
综合可得≤，选项A、D错误。由碰撞过程动能不增加可知，E碰前≥E碰后，由B得到E碰前E碰后，所以排除B，答案选C。
6．多选质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ。初始时小物块停在箱子正中间，如图3所示。现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，并与箱子保持相对静止。设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为 图3 A.mv2 B. C.NμmgL D．NμmgL 解析选BD 根据动量守恒，小物块和箱子的共同速度v′＝，损失的动能ΔEk＝mv2－M＋mv′2＝，所以B正确；
根据能量守恒，损失的动能等于因摩擦产生的热量，而计算热量的方法是摩擦力乘以相对位移，所以ΔEk＝fNL＝NμmgL，可见D正确。
7．冰球运动员甲的质量为80.0 kg。当他以5.0 m/s的速度向前运动时，与另一质量为100 kg、速度为3.0 m/s的迎面而来的运动员乙相撞。碰后甲恰好静止。假设碰撞时间极短，求 1碰后乙的速度的大小；
2碰撞中总机械能的损失。
解析1设运动员甲、乙的质量分别为m、M，碰前速度大小分别为v、V，碰后乙的速度大小为V′。由动量守恒定律有 mv－MV＝MV ′ ① 代入数据得V′＝1.0 m/s ② 2设碰撞过程中总机械能的损失为ΔE，应有 mv2＋MV2＝MV′2＋ΔE ③ 联立②③式，代入数据得 ΔE＝1 400 J 。
答案11.0 m/s 21 400 J 8．如图4所示，在足够长的光滑水平面上，物体A、B、C位于同一直线上，A位于B、C之间。A的质量为m，B、C的质量都为M，三者均处于静止状态。现使A以某一速度向右运动，求m和M之间应满足什么条件，才能使A只与B、C各发生一次碰撞。设物体间的碰撞都是弹性的。
图4 解析A向右运动与C发生第一次碰撞，碰撞过程中，系统的动量守恒、机械能守恒。设速度方向向右为正，开始时A的速度为v0，第一次碰撞后C的速度为vC1，A的速度为vA1。由动量守恒定律和机械能守恒定律得 mv0＝mvA1＋MvC1① mv＝mv＋Mv② 联立①②式得 vA1＝v0③ vC1＝v0④ 如果m＞M，第一次碰撞后，A与C速度同向，且A的速度小于C的速度，不可能与B发生碰撞；
如果m＝M，第一次碰撞后，A停止，C以A碰前的速度向右运动，A不可能与B发生碰撞；
所以只需考虑m＜M的情况。
第一次碰撞后，A反向运动与B发生碰撞。设与B发生碰撞后，A的速度为vA2，B的速度为vB1，同样有 vA2＝vA1＝2v0⑤ 根据题意，要求A只与B、C各发生一次碰撞，应有 vA2≤vC1⑥ 联立④⑤⑥式得 m2＋4mM－M2≥0⑦ 解得 m≥＋2M⑧ 另一解m≤－＋2M舍去。
所以，m和M应满足的条件为 －2M≤m＜M。⑨ 答案－2M≤m＜M 4