2.关于磁感应强度B，下列说法正确的是 A. 磁感应强度B的方向与通电导体受到的安培力方向相同 B. 磁感应强度B的方向与正电荷受到的洛伦兹力方向相同 C. 磁感应强度B的大小是 D. 磁感应强度B的大小是 【答案】C 【解析】 【分析】 本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直。
【详解】A、B项磁感应强度B是矢量，方向与通过该点的磁感线的切线方向相同，根据左手定则可知磁感应强度B的方向与安培力方向或洛伦兹力方向垂直，故A、B错误；
C项安培力，其中为电流与磁场方向的夹角，解得 ，所以，故C正确；
D项由磁通量为可得，故D错误。
故选C。
【点睛】对于磁感应强度的定义式是要明确其定义方法、适用条件，以及各个物理量的含义，可以和电场强度的定义类比学习。
3.下列有关电压与电动势的说法中正确的是 A. 电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法 B. 电动势就是电源两极间的电压 C. 电动势公式中的W与电压中的W是一样的，都是静电力做的功 D. 电动势是反映了电源把其他形式的能转化为电能的本领的大小 【答案】D 【解析】 【分析】 电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势。电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关。电源的电动势在数值上等于内、外电压之和。
【详解】A、D项电动势表征电源把其它形式的能转化为电能的本领大小，电势差是电势之差，其绝对值等于电压，两者物理意义不同，不是一回事，故A错误，D正确；
B项根据闭合电路欧姆定律，路端电压UE-Ir，只有当外电路断开时，I0，路端电压等于电动势。当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误；
C项电动势定义式公式EW/q中的W是非静电力做功，电压UW/q中的W是静电力做功，故C错误。
故选D。
【点睛】本题考查电动势和电压的区别，注意从定义和物理意义上区分。
4.如图所示,水平面内有两条相互垂直且彼此绝缘的通电长直导线,以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系. a、b、c、d四个相同的圆形闭合线圈在四个象限内完全对称放置,两直导线中的电流大小与变化情况完全相同,电流方向如图所示,当两直导线中的电流都增大时,四个线圈中感应电流的情况是 A. 线圈a中有感应电流且方向为逆时针 B. 线圈b中有感应电流且方向为顺时针 C. 线圈c中有感应电流且方向为逆时针 D. 线圈d中有感应电流且方向为顺时针 【答案】A 【解析】 【分析】 通电直导线管周围有磁场存在，根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系。根据产生感应电流的条件和楞次定律判断各项。
【详解】A项由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向。ac象限磁场不为零，a中磁场垂直纸面向里，当电流增大时，线圈a中有逆时针方向的电流，故A正确；
B、D项由矢量合成可知，其中bd区域中的磁通量为零，当电流变化时不可能产生感应电流，故B、D错误；
C项C线圈磁场不为零，由矢量合成可知c中磁场垂直纸面向外，当电流增大时，线圈c中有顺时针方向的电流，故C错误。
故选A。
【点睛】本题考查了右手螺旋定则和楞次定律的应用，解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，知道感应电流的磁场阻碍原磁场磁通量的变化。
5.两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中C点电势最高，则 A. C点的电场强度大小为零 B. A点的电场强度大小为零 C. NC间场强方向沿x轴正方向 D. 将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功 【答案】A 【解析】 【分析】 两点电荷连线的电势高低的分布如图所示，由于沿着电场线电势降低，可知两点电荷的电性 【详解】A项C点电势的拐点，根据公式∅Ex可知，图象的斜率大小是电场强度大小，而C点的斜率为零，故A正确；
B项同理，由图知A点的电势为零，但该点的斜率不为零，故B错误；
C项由沿电场线方向电势越来越低可知， OM间电场强度方向沿x轴正方向，MC间电场强度方向沿x轴负方向，则NC的电场强度方向向x轴负方向，故C错误；
D项因为MC间电场强度方向沿x轴负方向，CD间电场强度方向沿x轴正方向，则将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后负功，故D错误。
故选A。
【点睛】电势为零处，电场强度不一定为零．电荷在电场中与电势的乘积为电势能．电场力做功的正负决定电势能的增加与否。
6.据统计，由于用电不慎导致的火灾占火灾总量的比重很大，利用电路安装防火报警装置，及时发现“火情”，提早报警，是防止火灾发生，保证家庭成员生命安全的重要措施。图甲是一火警报警电路的示意图，其中R3为用半导体热敏材料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻随温度变化的情况如图乙所示。显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器，电源的电动势E和内阻r不变，且内阻值小于R1的阻值。当传感器R3所在处出现火情时，关于流过电流表A的电流I、报警器两端的电压U、电源的输出功率P的变化情况，下列判断正确的是 A. I变大，P变大 B. I变小，U变大 C. I变小，P变大 D. I变大，U变小 【答案】C 【解析】 【分析】 R3为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R3所在处出现火情时，分析R3的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化。
【详解】当传感器R3所在处出现火情时，R3的阻值变小，总电阻变小，总电流变大，路端电压变小即报警器两端的电压U变小，R1两端电压变大，所以R2和R3并联部分电压变小，所以电流表示数变小，由于内阻r小于R1的阻值即电源内阻一定小于外电路总电阻，当R3减小时，外电阻与内阻越接近，电源的输出功率越大，故C正确。
故选C。
【点睛】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析。
7.质谱仪是测量带电粒子的质量和分析同位素的重要工具.如图所示为质谱仪的原理示意图,现利用质谱仪对氢元素进行测量.让氢元素三种同位素的离子流从容器A下方的小孔S无初速度飘入电势差为U的加速电场.加速后垂直进入磁感强度为B的匀强磁场中.氢的三种同位素最后打在照相底片D上,形成a、b、c三条“质谱线”.则下列判断正确的是 A. 进入磁场时速度从大到小排列的顺序是氚、氘、氕 B. 进入磁场时动能从大到小排列的顺序是氕、氘、氚 C. 在磁场中运动时间由大到小排列的顺序是氕、氘、氚 D. a、b、c三条“质谱线”依次排列的顺序是氚、氘、氕 【答案】D 【解析】 【分析】 根据求出粒子进入偏转磁场的速度，知道三种粒子进入磁场的速度大小关系，再根据求出R与什么因素有关，从而得出a、b、c三条“质谱线”的排列顺序。
【详解】A项根据得比荷最大的是氕，最小的是氚，所以进入磁场速度从大到小的顺序是氕、氘、氚，故A错误；
B项根据动能定理可知EkqU，故动能相同，故B错误；
C项时间为，故在磁场中运动时间由大到小排列的顺序是氚氘氕，故C错误；
D项进入偏转磁场有，解得氕比荷最大的，轨道半径最小，c对应的是氕，氚比荷最小，则轨道半径最大，a对应的是氚，故D正确。
故选D。
【点睛】解决本题的关键知道根据可求出速度，知道速度与比荷有关，以及知道根据可求出轨道半径与比荷有关。
8.如图所示,内壁光滑的塑料管弯成的圆环平放在水平桌面上,环内有一带负电的静止小球,整个装置处于竖直向下的匀强磁场中,该磁场随时间一直均匀增强,则小球将 A. 沿顺时针方向做匀速圆周运动 B. 沿逆时针方向做匀速圆周运动 C. 沿顺时针方向做加速圆周运动 D. 沿逆时针方向做加速圆周运动 【答案】C 【解析】 【分析】 变化的磁场产生感生电场，由楞次定律判断出感生电场方向，然后判断带电小球受到的电场力方向，判断小球的运动性质，即可求解。
【详解】磁感应强度竖直向下，B随时间增大，由楞次定律可知，变化的磁场产生的感生电场沿逆时针方向；
小球带负电，小球所受电场力沿顺时针方向，即沿顺时针方向加速运动。
故选C。
【点睛】本题考查了楞次定律的应用，由楞次定律判断出感生电场的方向，是正确解题的前提与关键；
根据感生电场方向判断出带电小球受力方向，即可正确解题。
9.如图所示，两导体板水平放置，两板间电势差为U，带正电粒子以某一初速度vo沿平行于两板的方向从两板正中间射入，穿过两板后又垂直于磁场方向射入边界线竖直的匀强磁场，则粒子射入磁场和射出磁场的M、N两点间的距离d及在磁场中的运动时间t随着U和vo的变化情况为 A. d随V0增大而增大 B. d随U增大而增大 C. t随V0增大而增大 D. t随U增大而增大 【答案】A 【解析】 【分析】 不加磁场时粒子做匀速直线运动；
加入磁场后，带电粒子在磁场中做圆周运动，已知偏向角则由几何关系可确定圆弧所对应的圆心角，则可求得圆的半径，由洛仑兹力充当向心力可求得带电粒子的比荷。
【详解】A、B项带电粒子在电场中做类平抛运动，可将射出电场的粒子速度v分解成初速度方向与加速度方向，设出射速度与水平夹角为θ 则有 而在磁场中做匀速圆周运动，设运动轨迹对应的半径为R，由几何关系可得，半径与直线MN夹角正好等于θ 则有 所以 又因为半径公式，则有故d与m、v0成正比，与B、q成反比，故A正确，B错误；
C、D项设粒子质量为m，两极板间的距离为x，板长为L，带电粒子在电场中做类平抛运动出射速度与水平夹角为，则有，所以与U、 有关，粒子在磁场中运动时间为，故C、D错误。
故选A。
【点睛】带电粒子在磁场中的运动类题目关键在于确定圆心和半径，然后由向心力公式即可确定半径公式，由几何关系即可求解。
10.如图所示，一对水平放置的平行金属板通过开关S与电源相连接，一个带电微粒从金属板正上方的O点释放后，自由落下，通过上金属板上的小孔，进入两个平行金属板间，到达P点后返回．若将上金属板向上移到虚线处再从O点释放带电微粒，则有 A. 若保持开关闭合状态移动上金属板，带电微粒落下后，仍能到达P点后返回 B. 若保持开关闭合状态移动上金属板，带电微粒落下后，尚未到达P点就返回 C. 若将开关断开后移动上金属板，带电微粒落下后，仍能到达P点后返回 D. 若将开关断开后向下移动下金属板，带电微粒落下后，仍能到达P点后返回 【答案】A 【解析】 【分析】 微粒受重力和电场的作用穿过两极板，由动能定理可得出其穿过的速度关系。
【详解】微粒从最高点到达p点过程，根据动能定理mgh-qU0 A、B项若保持开关闭合状态移动上金属板，微粒从O点到P点重力做功不变，电场力做功也不变，所以带电微粒落下后，仍能到达P点